物理電場怎麼解

❶ 怎樣理解電場

靜電場-正文 觀察者與電荷相對靜止時所觀察到的電場。它是電荷周圍空間存在的一種特殊形態的物質，其基本特徵是對置於其中的靜止電荷有力的作用。庫侖定律描述了這個力。
<FONT size=4 黑體?>電場強度 表示電場物理性質的基本量之一是電場強度E,它是矢量。電場強度E對場中其他電荷q┡的作用力為 靜電場具有無旋場（位場）的性質，即沿場內任一環路l的電場強度E的線積分為0， 該式的微分形式為靜電場強度的旋度等於0， 靜電場具有點源場的性質，在自由空間中由任意閉合面S穿出的電場強度通量應等於S內所有電荷的代數和並除以真空介電常數ε0， <FONT size=4 黑體?>靜電感應 如果電場中存在導體，在電場力的作用下出現靜電感應現象,使原來中和的正、負電荷分離,出現在導體表面上。這些電荷稱為感應電荷。總的電場是感應電荷與自由電荷共同作用結果。達到平衡時，導體內部的電場為零。靜電感應現象有一些應用，但也可能造成危害。
<FONT size=4 黑體?>靜電場中的介質 電場中的絕緣介質又稱為電介質。由於電場力的作用在原子尺度上出現了等效的束縛電荷。這種現象稱為電介質的極化。對一種絕緣材料，當電場強度超過某一數值時，束縛電荷被迫流動造成介質擊穿而失去其絕緣性能。因此靜電場的大小對電工器件的設計及材料選擇十分重要。
有介質時的靜電場是由束縛電荷及自由電荷共同產生的，為了表示這二者共同作用下的電場，可以引入另一個場矢量電通量密度D（又稱電位移）。它定義為 式中P為電介質的極化強度，則可得高斯通量定理 式中q僅為S面內所有自由電荷，而不包括電介質的束縛電荷。高斯通量定理的微分形式為電位移的散度等於該點自由電荷（體）密度ρ， 墷·D＝ρ電介質的極化強度P與電場強度E有關，而電通量密度又與P 和E 有關，故可得表示電介質的本構方程 D＝εE式中ε=(1+χ)ε0,為電介質的介電常數(即電容率)。對於線性電介質,ε為一常數；對於各向異性的電介質,D與E將不同向,ε為一張量。ε＝εrε0，εr稱為相對介電常數。
<FONT size=4 黑體?>電位 由於靜電場是無旋場,故可用標量電位φ表徵靜電場（見電位）。電位與電場強度的關系是 式中Q點為電位參考點，可選在無窮遠處；P點為觀察點。上式的微分形式為電場強度等於電位的負梯度，即
E＝-墷φ在ε為常數的區域， 式中墷·墷可記作墷2，在直角坐標中 分別為一階與二階微分算符。這樣,可得電位φ所滿足的微分方程 稱為泊松方程。如果觀察點處自由電荷密度ρ為0，則 墷2φ＝0稱為拉普拉斯方程。泊松方程和拉普拉斯方程描述了靜電場空間分布的規律性。可以證明，當已知ρ、ε及邊界條件時，泊松方程或拉普拉斯方程的解是惟一的，可以設法求解電位φ，再求出場中各處的E。 </FONT></FONT></FONT></FONT>

❷ 求高中物理電場解題技巧

一般都是帶電粒子在電磁場中的運動,解這類題一定要注意電磁場對離子做正功還是負工,還要注意粒子在電場中做功和路徑無關.只記住這些就沒有問題.我都畢業很多年了,要收剛畢業的時候,知道的比這多,重要的是自己摸索總結.

❸ 物理電磁場解題思路

6 兩面，當導電液體穩定地流經流量計時，在管外將流量計上、下表面分別與一串接了電阻R的電流表的兩端連接，I表示測得的電流值，已知流體的電阻率，不計電流表的內阻，則可求得流量為多大? 【解析】導電流體從管中流過時，其中的陰陽離子會受磁場力作用而向管的上下表面偏轉，上、下表面帶電後一方面使陰陽離子又受電場力阻礙它們繼續偏轉，直到電場力與磁場力平衡；另一方面對外接電阻來說，上、下表面相當於電源，使電阻中的電流滿足閉合電路歐姆定律. 設導電流體的流動速度v，由於導電流體中正、負離子在磁場中的偏轉，在上、下兩板上積聚電荷，在兩極之間形成電場，當電場力qE與洛倫茲力qvB平衡時，E=Bv，兩金屬板上的電動勢E′=Bcv，內阻r=c/ab，與R串聯的電路中電流:I=Bcv/(R+r), v=I(R+ c/ab)/Bc； 流體流量:Q=vbc=I(bR+c/a)/B 【解題回顧】因為電磁流量計是一根管道，內部沒有任何阻礙流體流動的結構，所以可以用來測量高黏度及強腐蝕性流體的流量 . 本題是閉合電路歐姆定律與帶電粒子在電磁場中運動知識的綜合運用 的運動模型也稱為霍爾效應，在許多儀器設備中被應用.如速度選擇器、磁流體發電機等等. 【例6】如圖所示，勻強磁場磁感應強度為B，方向垂直xOy平面向外.某一時刻有一質子從點(L0，0)處沿y軸負向進入磁場；同一時刻一α粒子從點(-L0，0)進入磁場，速度方向在xOy平面內.設質子質量為m，電量為e，不計質子與α粒子間相互作用. (1)如果質子能夠經過坐標原點O，則它的速度多大? (2)如果α粒子第一次到達原點時能夠與質子相遇， 求α粒子的速度. 【解析】帶電粒子在磁場中的圓周運動的解題關鍵 是其圓心和半徑，在題目中如能夠先求出這兩個 量，則解題過程就會變得簡潔，餘下的工作就是 利用半徑公式和周期公式處理問題. (1)質子能夠過原點，則質子運動的軌跡半徑 為R=L0/2，再由r=mv/Bq,且q=e即可得： v=eBL0/2m；此題中還有一概念，圓心位置一定在垂直於速度的直線上，所以質子的軌跡圓心一定在x軸上； (2)上一問是有關圓周運動的半徑問題，而這一問則是側重於圓周運動的周期問題了，兩個粒子在原點相遇，則它們運動的時間一定相同，即tα=TH/2，且α粒子運動到原點的軌跡為一段圓弧，設所對應的圓心角為，則 有 tα=2m/2Be，可得=/2, 則α粒子的軌跡半徑R=L0/2=4mv/B2e, 答案為v= eBL0/(4m)，與x軸正方向的夾角為/4，右向上； 事實上α粒子也有可能運動3T/4時到達原點且與質子相遇，則此時質子則是第二次到原點，這種情況下速度大小的答案是相同的，但α粒子的初速度方向與x軸的正方向的夾角為3/4，左向上； 【解題回顧】類似問題的重點已經不是磁場力的問題了，側重的是數學知識與物理概念的結合，此處的關鍵所在是利用圓周運動的線速度與軌跡半徑垂直的方向關系、弦長和弧長與圓的半徑的數值關系、圓心角與圓弧的幾何關系來確定圓弧的圓心位置和半徑數值、周期與運動時間.當然r=mv/Bq、T=2m/Bq兩公式在這里起到一種聯系作用. 7 【例7】如圖所示，在光滑的絕緣水平桌面上， 有直徑相同的兩個金屬小球a和b，質量分別 為ma=2m,mb=m，b球帶正電荷2q，靜止在 磁感應強度為B的勻強磁場中；不帶電小球a 以速度v0進入磁場，與b球發生正碰，若碰後b球對 桌面壓力恰好為0，求a球對桌面的壓力是多大? 【解析】本題相關的物理知識有接觸起電、動量守恆、洛倫茲力，受力平衡與受力分析，而最為關鍵的是碰撞過程，所有狀態和過程都是以此為轉折點，物理量的選擇和確定亦是以此作為切入點和出發點； 碰後b球的電量為q、a球的電量也為q，設b球的速度為vb，a球的速度為va；以b為研究對象則有Bqvb=mbg;可得vb=mg/Bq; 以碰撞過程為研究對象，有動量守恆， 即mav0=mava+mbvb,將已知量代入可得va=v0-mg/(2Bq);本表達式中va已經包含在其中，分析a碰後的受力，則有N+Bqva=2mg，得N=(5/2)mg-Bqv0； 【解題回顧】本題考查的重點是洛倫茲力與動量問題的結合，實際上也可以問碰撞過程中產生內能的大小，就將能量問題結合進來了. 【例8】. 如圖所示，在xOy平面上，a點坐標為（0，L）， 平面內一邊界通過a點和坐標原點O的圓形勻強磁場區域，磁場方向垂直紙面向里，有一電子（質量為m，電量為e） 從a點以初速度v0平行x軸正方向射入磁場區域，在磁場中運動，恰好從x軸正方向上的b點（圖中未標出），射出磁場區域，此時速率方向與x軸正方向的夾角為60，求： （1）磁場的磁感應強度； （2）磁場區域的圓心O1的坐標； （3）電子在磁場中的運動時間。 【解析】電子在勻強磁場中作勻速圓周運動，從a點射入b點射出磁場區域，故所求圓形磁場區域區有a點、O點、b點，電子的運動軌跡如圖中虛線所示，其對應的圓心在O2點，令aObOR22，作角 aOb260，如圖所示：  RRLRRmvBe22 2 0 60 sin代入 由上式得 RLBmveL 220， 電子在磁場中飛行的時間； tTmBeLvL v 60360162322300 由於⊙O1的圓周角aOb90，所以ab直線段為圓形磁場區域的直徑，則 y a v0 Ox 8 aORL112 ，故磁場區域圓心O1的坐標， xaOL16032sin yLaOL1602cos，即O1坐標3212LL， 【解題回顧】本題關鍵為入射方向與出射方向成一定角度（題中為600），從幾何關系認識到帶電粒子迴旋的圓弧為1/6圓的周長，再通過幾何關系確定1/6圓弧的圓，半徑是Oa2或bO2，進而可確定圓形區域的圓心坐標。 【例9】 如圖所示，在圖中第I象限的區域里有平行於y軸的勻強電場 ENC20104./，在第IV象限區域內有垂直於Oxy平面的勻強磁場B。 帶電粒子A，質量為 mkg1121010.，電量 qC141010.，從y軸上A點以 平行於x軸的速度vms15 410/射入電場中，已知OAm ， 求： （1）粒子A到達x軸的位置和速度大小與方向； （2）在粒子A射入電場的同時，質量、電量與A相等的粒子B，從y軸上的某點B以平行於x軸的速度v2射入勻強磁場中，A、B兩個粒子恰好在x軸上迎面正碰（不計重力，也不考慮兩個粒子間的庫侖力）試確定B點的位置和勻強磁場的磁感強度。 【解析】粒子A帶正電荷，進入電場後在電場力作用下沿y軸相反方向上獲得加速度， aEqmmsms 101020101010201044122122 ..././ 設A、B在x軸上P點相碰，則A在電場中運動時間可由 OAat 122 求解： tOAass 22004 2102010127.(). 由此可知P點位置：OPvtmm4010201080 105 7 2 ..(). 粒子A到達P點的速度， vvatmst122 5 24010./ vt與x軸夾角：45 9 （2）由（1）所獲結論，可知B在勻強磁場中作勻速圓周運動的時間也是ts20107 .，軌跡半徑ROPm282102  OBm 12102 粒子B在磁場中轉過角度為34 ，運動時間為3 8T 382mBqt  Bm qtT34018. 【例10】 如圖4，質量為1g的小環帶4×10-4C的正電，套在長直的絕緣桿上，兩者間的動摩擦因數μ＝0.2。將桿放入都是水平的互相垂直的勻強電場和勻強磁場中，桿所在平面與磁場垂直，桿與電場的夾角為37°。若E＝10N／C，B＝0.5T，小環從靜止起動。求：(1)當小環加速度最大時，環的速度和加速度；(2)當小環的速度最大時，環的速度和加速度。 【解析】 (1)小環從靜止起動後，環受力如圖5，隨著速度的增大，垂直桿方向的洛侖茲力便增大，於是環上 側與桿間的正壓力減小，摩擦力減小，加速度增大。當環的速度為V時，正壓力為零，摩擦力消失，此時環有最大加速度am。 在平行於桿的方向上有：mgsin37°－qE cos37°＝mam 解得：am＝2.8m／S2 在垂直於桿的方向上有： BqV＝mgcos37°＋qEsin37° 解得：V＝52m/S （2）在上述狀態之後，環的速度繼續增大導致洛侖茲力繼續增大，致使小環下側與桿之 間出現擠壓力N，如圖6。於是摩擦力f又產生，桿的加速度a減小。V↑BqV↑N↑f ↑a↓，以上過程的結果，a減小到零，此時環有最大速度Vm。 在平行桿方向有： mgsin37°＝Eqcos37°＋f 在垂直桿方向有 BqVm＝mgcos37°＋qEsin37°＋N 又f＝μN 解之：Vm＝122m/S 此時：a＝0 【例11】如圖7，在某空間同時存在著互相正交的勻強電場和勻強磁場，電場的方向豎直向下。一帶電體a帶負電，電量為q1，恰能靜止於此空間的c點，另一帶電體b也帶負電，電量為q2，正在過a點的豎直平面內作半徑為r的勻速圓周運動，結果a、b在c處碰撞並粘合在一起，試分析a、b粘合一起後的運動性質。 【解析】：設a、b的質量分別為m1和m2，b的速度為V。a靜止， 10 則有q1E＝m1g b在豎直平面內作勻速圓周運動，則隱含著Eq2＝m2g，此時 對a和b碰撞並粘合過程有m2V＋0＝（m1＋m2）V′ a、b合在一起後，總電量為q1＋q2，總質量為m1＋m2，仍滿足 (q1＋q2)E＝(m1＋m2)g。因此它們以速率V′在豎直平面內作勻速圓周運動，故有 解得：

❹ 高中物理電場這部分該如何搞定

理解好場強，電場力做功，電勢，電勢能，帶電粒子在電場中的運動等內容，然後多做電場力做功及帶電粒子在電場中的運動

❺ 高中物理電場運動！求解

1.首先2到4肯定能出去，這個不用說罷。
0到2時，因AB距離很近，所以我們可以認為電子可以瞬時通過AB板。所以就是電子通過是沒有電壓變化。
根據動能定理，能通過就是說到達B板電子動能最小為0.
所以有動能定理的。Et-E0=eUab；Et>=0；所以Uab<=120;
在0到2中U小於120的地方就行了。
用數學裡面的一次函數算就出來了。
0到1內U=200t;U<=120;t<=0.6;
同理1.4<t<2;所以在0到0.6和1.4到4秒都能

2.平行板中是類平拋運動，E=U2/D;F=Ee；F=Ma;h=(att)/2=d/2;Vt>=L;求的V。(MVV)/2-E0=Ue;解得加速時的U>=130，在圖上就是-130的下面就行了，在用數學裡面函數求時間。 2<t<3中，U=-200t+400.U<-130,所以t>=2.65,所以，在2.65<T<3.35中就行了

❻ 高中物理電場的所有公式和用法

十、電場
1.兩種電荷、電荷守恆定律、元電荷：(e＝1.60×10-19C）；帶電體電荷量等於元電荷的整數倍
2.庫侖定律：F＝kQ1Q2/r2（在真空中）｛F:點電荷間的作用力(N)，k:靜電力常量k＝9.0×109N?m2/C2，Q1、Q2:兩點電荷的電量(C)，r:兩點電荷間的距離(m)，方向在它們的連線上，作用力與反作用力，同種電荷互相排斥，異種電荷互相吸引｝
3.電場強度：E＝F/q（定義式、計算式)｛E:電場強度(N/C)，是矢量（電場的疊加原理），q：檢驗電荷的電量(C)｝
4.真空點（源）電荷形成的電場E＝kQ/r2
｛r：源電荷到該位置的距離（m），Q：源電荷的電量｝
5.勻強電場的場強E＝UAB/d
｛UAB:AB兩點間的電壓(V)，d:AB兩點在場強方向的距離(m)｝
6.電場力：F＝qE
｛F:電場力(N)，q:受到電場力的電荷的電量(C)，E:電場強度(N/C)｝
7.電勢與電勢差：UAB＝φA-φB，UAB＝WAB/q＝-ΔEAB/q
8.電場力做功：WAB＝qUAB＝Eqd｛WAB:帶電體由A到B時電場力所做的功(J)，q:帶電量(C)，UAB:電場中A、B兩點間的電勢差(V)(電場力做功與路徑無關),E:勻強電場強度,d:兩點沿場強方向的距離(m)｝
9.電勢能：EA＝qφA
｛EA:帶電體在A點的電勢能(J)，q:電量(C)，φA:A點的電勢(V)｝
10.電勢能的變化ΔEAB＝EB-EA
｛帶電體在電場中從A位置到B位置時電勢能的差值｝
11.電場力做功與電勢能變化ΔEAB＝-WAB＝-qUAB
(電勢能的增量等於電場力做功的負值)
12.電容C＝Q/U(定義式,計算式)
｛C:電容(F)，Q:電量(C)，U:電壓(兩極板電勢差)(V)｝
13.平行板電容器的電容C＝εS/4πkd（S:兩極板正對面積，d:兩極板間的垂直距離，ω：介電常數）
常見電容器〔見第二冊P111〕
14.帶電粒子在電場中的加速(Vo＝0)：W＝ΔEK或qU＝mVt2/2，Vt＝(2qU/m)1/2
15.帶電粒子沿垂直電場方向以速度Vo進入勻強電場時的偏轉(不考慮重力作用的情況下)
類平
垂直電場方向:勻速直線運動L＝Vot(在帶等量異種電荷的平行極板中：E＝U/d)

❼ 求物理電場部分的公式整理和重要結論（最好附圖）的總結。

一、公式
1.兩種電荷、電荷守恆定律、元電荷： (e＝1.60×10-19C)；帶電體電荷量等於元電荷的整數倍
2.庫侖定律：F＝kQ1Q2/r2（在真空中） F:點電荷間的作用力(N)，k:靜電力常量k＝9.0×109N•m2/C2， Q1、Q2:兩點電荷的電量(C)，r:兩點電荷間的距離(m)，方向在它們連線上，作用力與反作用力，同種電荷互相排斥，異種電荷互相吸引
3.電場強度：E＝F/q（定義式、計算式）
｛E:電場強度(N/C)是矢量（電場的疊加原理）q：檢驗電荷的電量(C)｝
4.真空點(源)電荷形成的電場E＝kQ/r2 ｛r：源電荷到該位置的距離（m），Q：源電荷的電量｝
5.勻強電場的場強E＝UAB/d ｛UAB:AB兩點間的電壓(V)，d:AB兩點在場強方向的距離(m)｝
6.電場力：F＝qE ｛F:電場力(N)，q:受到電場力的電荷的電量(C)，E:電場強度(N/C)｝
7.電勢與電勢差：UAB＝ a－ b， UAB＝WAB/q＝-ΔEAB/q
8.電場力做功：WAB＝qUAB＝qEd ｛WAB:帶電體由A到B時電場力所做的功(J)，q:帶電量(C)，
UAB:電場中A,B兩點間電勢差(V)(電場力做功與路徑無關),E:勻強電場強度,d:兩點沿場強方向的距離(m)
9.電勢能：EA＝qφA ｛EA:帶電體在A點的電勢能(J)，q:電量(C)，φA:A點的電勢(V)｝
10.電勢能的變化Δ AB＝ B- A ｛帶電體在電場中從A位置到B位置時電勢能的差值｝
11.電場力做功與電勢能變化Δ AB＝-WAB＝-qUAB (電勢能的增量等於電場力做功的負值)
12.電容C＝Q/U(定義式,計算式) ｛C:電容(F)，Q:電量(C)，U:電壓(兩極板電勢差)(V)｝
13.平行板電容器電容C＝εS/4πkd （S:兩極板正對面積，d:兩極板間的垂直距離，ε：介電常數）
電容器兩種動態分析:①始終與電源相接u不變;②充電後與電源斷開q不變.距離d變化時各物理量的變化情況
14.帶電粒子在電場中的加速(Vo＝0)： W＝ΔEK或qU＝mVt2/2，Vt＝(2qU/m)1/2
15.帶電粒子沿垂直電場方向以速度Vo進入勻強電場時的偏轉(不考慮重力作用的情況下)
類平拋運動 ：垂直電場方向: 勻速直線運動L＝Vot(在帶等量異種電荷的平行極板中：E＝U/d)
平行電場方向: 初速度為零的勻加速直線運動d＝at2/2，a＝F/m＝qE/m
注:①兩個完全相同的帶電金屬小球接觸時,電量分配規律:原帶異種電荷的先中和後平分,原帶同種電荷的總量平分；
②靜電場的電場線從正電荷出發終止於負電荷,電場線不相交,切線方向為場強方向,電場線密處場強大,順著電場線電勢越來越低,電場線與等勢線垂直；變化電場的電場線是閉合的:電磁場.
③常見電場的電場線分布要求熟記，特別是等量同種電荷和等量異種電荷連線上及中垂線上的場強
④電場強度（矢量）與電勢（標量）均由電場本身決定,而電場力與電勢能還與帶電體帶的電量多少和電荷正負有關；
⑤處於靜電平衡導體是個等勢體,其表面是個等勢面,導體外表面附近的電場線垂直於導體表面(距導體遠近不同的等勢面的特點?)，導體內部合場強為零,導體內部沒有凈電荷,凈電荷只分布於導體外表面；
⑥電容單位換算：1F＝106μF＝1012PF；
⑦電子伏(eV)是能量的單位,1eV＝1.60×10-19J；
⑧其它相關內容：靜電屏蔽、示波管、示波器及其應用、等勢面
二、基本方法
本章涉及到的基本方法有，運用電場線、等勢面幾何方法形象化地描述電場的分布；將運動學動力學的規律應用到電場中，分析解決帶電粒子在電場中的運動問題、解決導體靜電平衡的問題。本章對能力的具體要求是概念准確，不亂套公式懂得規律的成立條件適用的范圍。從規律出發進行邏輯推理，把相關知識融會貫通靈活處理物理問題。
三、錯解分析
在本章知識應用的過程中，初學者常犯的錯誤主要表現在：不善於運用電場線、等勢面為工具，將抽象的電場形象化後再對電場的場強、電勢進行具體分析；對靜電平衡內容理解有偏差；在運用力學規律解決電場問題時操作不規范等。
例1 如圖8－1所示，實線是一個電場中的電場線，虛線是一個負檢驗電荷在這個電場中的軌跡，若電荷是從a處運動到b處，以下判斷正確的是： [ ]
A．電荷從a到b加速度減小
B．b處電勢能大
C．b處電勢高
D．電荷在b處速度小
【錯解】
由圖8－1可知，由a→b，速度變小，所以，加速度變小，選A。因為檢驗電荷帶負電，所以電荷運動方向為電勢升高方向，所以b處電勢高於a點，選C。
【錯解原因】
選A的同學屬於加速度與速度的關系不清；選C的同學屬於功能關系不清。
【分析解答】由圖8－1可知b處的電場線比a處的電場線密，說明b處的場強大於a處的場強。根據牛頓第二定律，檢驗電荷在b處的加速度大於在a處的加速度，A選項錯。
由圖8－1可知，電荷做曲線運動，必受到不等於零的合外力，即Fe≠0，且Fe的方向應指向運動軌跡的凹向。因為檢驗電荷帶負電，所以電場線指向是從疏到密。再利用「電場線方向為電勢降低最快的方向」判斷a，b處電勢高低關系是Ua＞Ub，C選項不正確。
根據檢驗電荷的位移與所受電場力的夾角大於90°，可知電場力對檢驗電荷做負功。功是能量變化的量度，可判斷由a→b電勢能增加，B選項正確；又因電場力做功與路徑無關，系統的能量守恆，電勢能增加則動能減小，即速度減小，D選項正確。
例2 點電荷A和B，分別帶正電和負電，電量分別為4Q和Q，在AB連線上，如圖8－2，電場強度為零的地方在 [ ]
A．A和B之間 B．A右側
C．B左側 D．A的右側及B的左側

【錯解】
錯解一：認為A，B間一點離A，B距離分別是2r和r，則A，B

錯解二：認為在A的右側和B的左側，由電荷產生的電場方向總相反，因而都有可能抵消，選D。
【錯解原因】
錯解一忽略了A，B間EA和EB方向都向左，不可能抵消。
錯解二認為在A的右側和B的左側，由兩電荷產生的電場方向總相反，因而都有可能抵消，卻沒注意到A的右側EA總大於EB，根本無法抵消。
【分析解答】
因為A帶正電，B帶負電，所以只有A右側和B左側電場強度方向相反，因為QA＞QB，所以只有B左側，才有可能EA與EB等量反向，因而才可能有EA和EB矢量和為零的情況。
【評析】
解這類題需要的基本知識有三點：（1）點電荷場強計算公式

點電荷而來；（3）某點合場強為各場源在該點場強的矢量和。

例4 如圖8-3所示，QA=3×10-8C，QB=-3×10-8C，A，B兩球相距5cm，在水平方向外電場作用下，A，B保持靜止，懸線豎直，求A，B連線中點場強。（兩帶電小球可看作質點）

【錯解】
以A為研究對象，B對A的庫侖力和外電場對A的電場力相等，所

AB中點總場強E總=E+EA+EB=E外=1.8×105（N/C），方向向左。
【錯解原因】
在中學階段一般不將QB的電性符號代入公式中計算。在求合場強時，應該對每一個場做方向分析，然後用矢量疊加來判定合場強方向，

【分析解答】
以A為研究對象，B對A的庫侖力和外電場對A的電場力平衡，

E外方向與A受到的B的庫侖力方向相反，方向向左。在AB的連線中點處EA，EB的方向均向右，設向右為正方向。則有E總=EA+EB-E外。
例5 在電場中有一條電場線，其上兩點a和b，如圖8－4所示，比較a，b兩點電勢高低和電場強度的大小。如規定無窮遠處電勢為零，則a，b處電勢是大於零還是小於零，為什麼？

【錯解】
順電場線方向電勢降低，∴Ua＞Ub，因為無窮遠處電勢為零，順電場線方向電勢降低，∴Ua＞Ub＞0。
【錯解原因】
由於把所給電場看成由正點電荷形成的電場，認為從正電荷出發，順電場線電勢逐漸減小到零，從而得出Ua，Ub均大於零。
【分析解答】
順電場線方向電勢降低，∴Ua＞Ub，由於只有一條電力線，無法看出電場線疏密，也就無法判定場強大小。同樣無法判定當無窮遠處電勢為零時，a，b的電勢是大於零還是小於零。若是由正電荷形成的場，則Ea＞Eb，Ua＞Ub＞0，若是由負電荷形成的場，則Ea＜Eb，0＞Ua＞Ub。
例6 如圖8－5所示，把一個不帶電的枕型導體靠近帶正電的小球，由於靜電感應，在a，b端分別出現負、正電荷，則以下說法正確的是：
A．閉合K1，有電子從枕型導體流向地
B．閉合K2，有電子從枕型導體流向地
C．閉合K1，有電子從地流向枕型導體
D．閉合K2，沒有電子通過K2

【錯解】枕型導體電荷總是守恆的，沒有電子流過K2。選D。
【錯解原因】
由於對沒有正確理解電荷守恆的相對性，所以在本題中認為枕型導體的電荷總是守恆的，便錯選答案D。
【分析解答】
在K1，K2都閉合前，對於枕型導體它的電荷是守恆的，a，b出現的負、正電荷等量。當閉合K1，K2中的任何一個以後，便把導體與大地連通，使大地也參與了電荷轉移。因此，導體本身的電荷不再守恆，而是導體與大地構成的系統中電荷守恆。由於靜電感應，a端仍為負電荷，大地遠處感應出等量正電荷，因此無論閉K1還是K2，都是有電子從地流向導體，應選答案C。
例7 如圖8-6所示，兩個質量均為m的完全相同的金屬球殼a與b，其殼層的厚度和質量分布均勻，將它們固定於絕緣支座上，兩球心間的距離為l，為球半徑的3倍。若使它們帶上等量異種電荷，使其電量的絕對值均為Q，那麼，a、b兩球之間的萬有引力F引庫侖力F庫分別為：
【錯解】
（1）因為a，b兩帶電球殼質量分布均勻，可將它們看作質量集中在球心的質點，也可看作點電荷，因此，萬有引力定律和庫侖定律對它們都適用，故其正確答案應選A。
（2）依題意，a，b兩球中心間的距離只有球半徑的3倍，它們不能看作質點，也不能看作點電荷，因此，既不能用萬有引力定律計算它們之間的萬有引力，也不能用庫侖定律計算它們之間的靜電力，故其正確答案應選B。
【錯解原因】
由於一些同學對萬有引力定律和庫侖定律的適用條件理解不深刻，產生了上述兩種典型錯解，因庫侖定律只適用於可看作點電荷的帶電體，而本題中由於a，b兩球所帶異種電荷的相互吸引，使它們各自的電荷分布不均勻，即相互靠近的一側電荷分布比較密集，又因兩球心間的距離l只有其半徑r的3倍，不滿足l＞＞r的要求，故不能將兩帶電球殼看成點電荷，所以不能應用庫侖定律。
萬有引力定律適用於兩個可看成質點的物體，雖然兩球心間的距離l只有其半徑r的3倍，但由於其殼層的厚度和質量分布均勻，兩球殼可看作質量集中於球心的質點。因此，可以應用萬有引力定律。
綜上所述，對於a，b兩帶電球殼的整體來說，滿足萬有引力的適用條件，不滿足庫侖定律的適用條件，故只有選項D正確。
例8 如圖8-7中接地的金屬球A的半徑為R，A點電荷的電量Q，到球心距離為r，該點電荷的電場在球心O處的場強等於： [ ]
【錯解】
根據靜電平衡時的導體內部場強處處為零的特點，Q在O處場強為零，選C。
【錯解原因】
有些學生將「處於靜電平衡狀態的導體，內部場強處處為零」誤認為是指Q電荷電場在球體內部處處為零。實際上，靜電平衡時O處場強

相等，方向相反，合場強為零。
【分析解答】
靜電感應的過程，是導體A（含大地）中自由電荷在電荷Q所形成的外電場下重新分布的過程，當處於靜電平衡狀態時，在導體內部電荷Q所形成的外電場E與感應電荷產生的「附加電場E'」同時存在的，且在導體內部任何一點，外電場電場場強E與附加電場的場強E'大小相等，方向相反，這兩個電場疊加的結果使內部的合場強處處為零。即E內=0。

例9 如圖8-8所示，當帶正電的絕緣空腔導體A的內部通過導線與驗電器的小球B連接時，問驗電器是否帶電？

【錯解】
因為靜電平衡時，凈電荷只分布在空腔導體的外表面，內部無靜電荷，所以，導體A內部通過導線與驗電器小球連接時，驗電器不帶電。
【錯解原因】
關鍵是對「導體的外表面」含義不清，結構變化將要引起「外表面」的變化，這一點要分析清楚。錯解沒有分析出空腔導體A的內部通過導線與驗電器的小球B連接後，驗電器的金箔成了導體的外表面的一部分，改變了原來導體結構。A和B形成一個整體，凈電荷要重新分布。
【分析解答】
當導體A的內部通過導線與驗電器的小球B連接時，導體A和驗電器已合為一個整體，整個導體為等勢體，同性電荷相斥，電荷重新分布，必有凈電荷從A移向B，所以驗電器帶正電。
例10 三個絕緣的不帶電的相同的金屬球A，B，C靠在一起，如圖8-9所示，再將一個帶正電的物體從左邊靠近A球，並固定好，再依次拿走C球、B球、A球，問：這三個金屬球各帶什麼電？並比較它們帶電量的多少。

【錯解】
將帶正電的物體靠近A球，A球帶負電，C球帶正電，B球不帶電。將C，B，A三球依次拿走，C球帶正電，B球不帶電，A球帶負電，QA=QC。
【錯解原因】
認為將C球拿走後，A，B球上所帶電量不改變。其實，當C球拿走後，A，B球原來的靜電平衡已被破壞，電荷將要重新運動，達到新的靜電平衡。
【分析解答】
將帶正電的物體靠近A，靜電平衡後，A，B，C三球達到靜電平衡，C球帶正電，A球帶負電，B球不帶電。當將帶正電的C球移走後，A，B兩球上的靜電平衡被打破，B球右端電子在左端正電的物體的電場的作用下向A運動，形成新的附加電場，直到與外電場重新平衡時為止。此時B球帶正電，A球所帶負電將比C球移走前多。依次將C，B，A移走，C球帶正電，B球帶少量正電，A球帶負電，且A球帶電量比C球帶電量多。
|QA|=|QB|+|QC|
例11 如圖8-10所示，當帶電體A靠近一個絕緣導體B時，由於靜電感應，B兩端感應出等量異種電荷。將B的左端接地，絕緣導體B帶何種電荷？
【錯解】
對於絕緣體B，由於靜電感應左端帶負電，右端帶正電。左端接地，左端電荷被導走，導體B帶正電。
【錯解原因】
將導體B孤立考慮，左端帶負電，右端帶正電，左端接地後左邊電勢比地電勢低，所以負電荷將從電勢低處移到電勢高處。即絕緣體B上負電荷被導走。
【分析解答】
因為導體B處於正電荷所形成的電場中，而正電荷所形成的電場電勢處處為正，所以導體B的電勢是正的，UB＞U地；而負電荷在電場力的作用下總是從低電勢向高電勢運動，B左端接地，使地球中的負電荷（電子）沿電場線反方向進入高電勢B導體的右端與正電荷中和，所以B導體將帶負電荷。

例12 如圖8－11所示，質量為m，帶電量為q的粒子，以初速度v0，從A點豎直向上射入真空中的沿水平方向的勻強電場中，粒子通過電場中B點時，速率vB=2v0，方向與電場的方向一致，則A，B兩點的電勢差為：

【錯解】
帶電粒子在電場中運動，一般不考慮帶電粒子的重力，根據動能定理，電場力所做的功等於帶電粒子動能的增量，電勢差等於動能增量與電量Q的比值，應選D。
【錯解原因】
帶電粒子在電場中運動，一般不考慮帶電粒子的重力，則粒子在豎直方向將保持有速度v0，粒子通過B點時不可能有與電場方向一致的2v0，根據粒子有沿場強方向的速度2v0，則必是重力作用使豎直向上的速度變為零。如一定不考慮粒子重力，這只有在電場無限大，帶電粒子受電場力的作用，在電場方向上的速度相比可忽略不計的極限狀態，且速度沿電場方向才能成立。而本題中v0與vB相比不能忽略不計，因此本題應考慮帶電粒子的重力。
【分析解答】
在豎直方向做勻減速直線運動2gh=v02①

根據動能定理

例13 在邊長為30cm的正三角形的兩個頂點A，B上各放一個帶電小球，其中Q1=4×10-6 Q2=-4×10-6C，求它們在三角形另一頂點C處所產生的電場強度。
【錯解】
C點的電場強度為Q1，Q2各自產生的場強之和，由點電荷的場強公式，

∴E=E1+E2=0
【錯解原因】
認為C點處的場強是Q1，Q2兩點電荷分別在C點的場強的代數和。
【分析解答】
計算電場強度時，應先計算它的數值，電量的正負號不要代入公式中，然後根據電場源的電性判斷場強的方向，用平行四邊形法求得合矢量，就可以得出答案。

由場強公式得：

C點的場強為E1，E2的矢量和，由圖8－12可知，E，E1，E2組成一個等邊三角形，大小相同，∴E2=4×105（N／C）方向與AB邊平行。
例14 置於真空中的兩塊帶電的金屬板，相距1cm，面積均為10cm2，帶電量分別為Q1=2×10-8C，Q2=-2×10-8C，若在兩板之間的中點放一個電量q=5×10-9C的點電荷，求金屬板對點電荷的作用力是多大？
【錯解】
點電荷受到兩板帶電荷的作用力，此二力大小相等，方向相同，由

【錯解原因】
庫侖定律只適用於點電荷間相互作用，本題中兩個帶電金屬板面積較大，相距較近，不能再看作是點電荷，應用庫侖定律求解就錯了。
【正確解答】
兩個平行帶電板相距很近，其間形成勻強電場，電場中的點電荷受到電場力的作用。

例15 如圖8－14，光滑平面上固定金屬小球A，用長l0的絕緣彈簧將A與另一個金屬小球B連接，讓它們帶上等量同種電荷，彈簧伸長量為x1，若兩球電量各漏掉一半，彈簧伸長量變為x2，則有：（ ）

【錯解】

故選B
【分析解答】
由題意畫示意圖，B球先後平衡，於是有

例17 如圖8－15所示，長為l的絕緣細線，一端懸於O點，另一端連接一質量為m的帶負電小球，置於水平向右的勻強電場中，在O點

向右水平拉直後從靜止釋放，細線碰到釘子後要使小球剛好饒釘子O′在豎直平面內作圓周運動，求OO′長度。

【錯解】
擺球從A落下經B到C的過程中受到重力G，繩子的拉力T和電場力F電三個力的作用，並且重力和電場力做功，拉力不做功，由動能定理

擺球到達最低點時，擺線碰到釘子O′後，若要小球剛好繞釘子O′在豎直平面內做圓周運動，如圖8－16。則在最高點D應滿足：

從C到D的過程中，只有重力做功（負功），由機械能守恆定律

【正確解答】
本題是一個擺在重力場和電場的疊加場中的運動問題，由於重力場和電場力做功都與路徑無關，因此可以把兩個場疊加起來看成一個等效力場來處理，如圖8－17所示，
∴θ=60°。
開始時，擺球在合力F的作用下沿力的方向作勻加速直線運動，從A點運動到B點，由圖8－17可知，△AOB為等邊三角形，則擺球從A到B，在等效力場中，由能量守恆定律得：
在B點處，由於在極短的時間內細線被拉緊，擺球受到細線拉力的沖量作用，法向分量v2變為零，切向分量
接著擺球以v1為初速度沿圓弧BC做變速圓周運動，碰到釘子O′後，在豎直平面內做圓周運動，在等效力場中，過點O′做合力F的平行線與圓的交點為Q，即為擺球繞O′點做圓周運動的「最高點」，在Q點應滿足
過O點做OP⊥AB取OP為等勢面，在等效力場中，根據能量守恆定律得：
例18 在平行板電容器之間有勻強電場，一帶電粒子以速度v垂直電場線射入電場，在穿越電場的過程中，粒子的動能由Ek增加到2Ek，若這個帶電粒子以速度2v垂直進入該電場，則粒子穿出電場時的動能為多少？
【錯解】
設粒子的的質量m，帶電量為q，初速度v；勻強電場為E，在y方向的位移為y，如圖8—18所示。
建立直角坐標系，初速度方向為x軸方向，垂直於速度方向為y軸方向。設粒子的的質量m，帶電量為q，初速度v；勻強電場為E，在y方向的位移為y。速度為2v時通過勻強電場的偏移量為y′，平行板板長為l。
由於帶電粒子垂直於勻強電場射入，粒子做類似平拋運動。
兩次入射帶電粒子的偏移量之比為
【例19 A，B兩塊平行帶電金屬板，A板帶負電，B板帶正電，並與大地相連接，P為兩板間一點。若將一塊玻璃板插入A，B兩板間，則P點電勢將怎樣變化。
【錯解】
UpB=Up-UB=Ed
電常數ε增大，電場強度減小，導致Up下降。
【分析解答】
按照題意作出示意圖，畫出電場線，圖8－19所示。
我們知道電場線與等勢面間的關系：「電勢沿著電場線的方向降落」所以UpB=Up-UB＜0，B板接地UB=0
UBp=UB-Up=0-Up
Up=-Ed
常數ε增大，電場強度減小，導致Up上升。
例20 如圖8－20電路中，電鍵K1，K2，K3，K4均閉合，在平行板電容器C的極板間懸浮著一帶電油滴P，
（1）若斷開K1，則P將__________；
（2）若斷開K2，則P將________；
（3）若斷開K3，則P將_________；
（4）若斷開K4，則P將_______。
【常見錯解】
(1）若斷開K1，由於R1被斷開，R2上的電壓將增高，使得電容器兩端電壓下降，則P將向下加速運動。
（2）若斷開K2，由於R3被斷開，R2上的電壓將增高，使得電容器兩端電壓下降，則P將向下加速運動。
（3）若斷開K3，由於電源被斷開，R2上的電壓將不變，使得電容器兩端電壓不變，則P將繼續懸浮不動。
（4）若斷開K4，由於電源被斷開，R2上的電壓將變為零，使得電容器兩端電壓下降，則P將加速下降。
【分析解答】
電容器充電完畢後，電容器所在支路的電流為零。電容器兩端的電壓與它所並聯的兩點的電壓相等。本題中四個開關都閉合時，有R1，R2兩端的電壓為零，即R1，R2兩端等勢。電容器兩端的電壓與R3兩端電壓相等。
（1）若斷開K1，雖然R1被斷開，但是R2兩端電壓仍為零，電容器兩端電壓保持不變，則P將繼續懸浮不動
（2）若斷開K2，由於R3被斷開，電路再次達到穩定時，電容器兩端電壓將升高至路端電壓R2上的電壓仍為零，使得電容器兩端電壓升高，則P將向上加速運動。
（3）若斷開K3，由於電源被斷開，電容器兩端電壓存在一個迴路，電容器將放電至極板兩端電壓為零，P將加速下降。
（4）K4斷開，電容器兩端斷開，電量不變，電壓不變，場強不變，P將繼續懸浮不動。
例21 一個質量為m，帶有電荷-q的小物塊，可在水平軌道Ox上運動，O端有一與軌道垂直的固定牆，軌道處於勻強電場中，場強大小為E，方向沿Ox軸正方向，如圖8－21所示，小物體以初速v0從x0沿Ox軌道運動，運動時受到大小不變的摩擦力f作用，且f＜qE。設小物體與牆碰撞時不損失機械能且電量保持不變。求它在停止運動前所通過的總路程s。
【錯解】
錯解一：物塊向右做勻減速運動到停止，有
錯解二：小物塊向左運動與牆壁碰撞後返回直到停止，有W合=△Ek，得
【分析解答】
設小物塊從開始運動到停止在O處的往復運動過程中位移為x0，往返路程為s。根據動能定理有
例22 1000eV的電子流在兩極板中央斜向上方進入勻強電場，電場方向豎直向上，它的初速度與水平方向夾角為30°，如圖8－22。為了使電子不打到上面的金屬板上，應該在兩金屬板上加多大電壓U？

【錯解】
電子流在勻強電場中做類似斜拋運動，設進入電場時初速度為v0，
因為電子流在電場中受到豎直向下電場力作用，動能減少。欲使電子剛好打不到金屬板上有Vr=0，此時電子流動能
【分析解答】
電子流在勻強電場中做類似斜拋運動，欲使電子剛好不打金屬板上，則必須使電子在d／2內豎直方向分速度減小到零，設此時加在兩板間的電壓為U，在電子流由C到A途中，
電場力做功We=EUAC，由動能定理
至少應加500V電壓，電子才打不到上面金屬板上。

以上總結希望幫到你

❽ 高中物理中的電場怎麼理解

高中的定義是：帶電粒子會在周圍空間產生一種特殊物質，會對處於其中的帶電粒子作用力。
時間簡史里定義的電場：帶電粒子會產生一種虛粒子，無數個虛粒子構成電場，虛粒子會和身處電場中的帶電粒子進行虛粒子交換，這個交換過程就是作用力的過程

❾ 物理電場的公式

我以前自己整理的
A 靜電現象 元電荷
1、摩擦起電
用摩擦的方法使物體帶點的過程叫摩擦起電。摩擦過的物體會發生電子轉移，因此帶電，失電子帶正電，得電子帶負電。
2、電荷量
物體帶電荷的多少叫電荷量。單位庫倫，符號C。
3、電荷守恆定律
電荷不能創生，也不能消滅，只能轉移，總電荷量不變。
4、元電荷
帶電體的電荷量都等於最小電荷量e的整數倍。故e為最小電荷量，即電子的電荷量。e=1.6*10^-19C。
此數據務必牢記。
5、靜電的產生與測量
產生：范德格拉夫起電機，手搖感應起電機等。
測量：驗電器、電荷量表等。
B、電荷的相互作用 電場
1、電荷間相互作用
同種電荷相排斥，異種電荷相吸引，方向位於2者連線上。
2、點電荷的概念
當代電梯的形狀、大小電荷分布對電荷間相互作用力的影響可忽略時，即帶電體可看作帶電荷的點，此種帶電體叫點電荷。
此概念會考估計會搞一道選擇題，靠你何為點電荷或什麼可以看做點電荷，和質點類似。
3、真空中庫倫定律
F=kQ1Q2/r^2，此公式使用條件是電荷為點電荷，且在真空下，一般計算在空氣中時近似等於在真空中。其中F為2點電荷間的作用力，Q1Q2分別為2點電荷的電荷量，r為2點電荷間的距離，k為靜電力常量且=9*10*9Nm^2/C^2。
此公式必考，務必牢記。
4、電場的概念
電場是電荷周圍空間存在的一種物質。其基本性質是對放入其中的電荷有力的作用，此力即為電場力。
5、電場強度
放在電場中的某檢驗所受力與其電荷量q的比值為此處電場強度，是矢量。電場強度E=F/q。單位N/C，方向與放於此處正電荷受電場力的方向相同。
書上關於場強講到這就沒了，但是E=kQ/R^2也要記住，此公式適用於點電荷形成電場，其中E為電場強度，k為靜電力常量，Q為場源電荷量，r為距場源距離。
5、電場線
形象描繪電場分布的曲線叫電場線；電場線不是一條封閉曲線；它的疏密反映了場強大小，疏小密大；場強方向即為此處切線方向。
【例】半徑相同的2個金屬小球A、B帶有等量電荷，相距一定距離，2球之間的引力大小為F，讓第三個半徑相同的球C與之分別接觸後移開，則此時A、B間的作用力為……（ ）
A、F/8 B、F/4 C、3F/8 D、3F/4
【分析】A、B帶等量電荷，沒說同種異種。但題干中提到2球間存在引力，即可判斷為異種電荷。不妨設A、B球電荷量分別為Q與-Q，Q與C接觸後2者各帶電量Q/2，此時帶Q/2電量的C與B接觸，中和電量Q/2，則2者各帶電量Q/4。然後根據真空中庫侖定律列出比例式即可，故答案為A。
C 靜電的利用與防範
1、靜電的利用：靜電除塵、靜電噴漆靜電植絨、靜電復印等。
2、靜電的防範：保持空氣濕度、安裝避雷針、良好接地（大地電勢為0）。

《高中物理學習評價》牽涉到一些拓展的內容，會考應該有所要求，保險起見，筆者決定把拓展的東西也簡述一下。
拓展教材
1、勻強電場的概念
在電場的某個區域里，若各點電場強度的大小和方向都相同，這個區域的電場就叫做勻強電場。
2、電勢能的概念
電場中帶電物體受電場力作用具有做功本領，因此具有能量，此能為電勢能，電勢能需要0點勢能面作為參考，一般取無限遠做0電勢能面，單位J。電荷Q在電場中某點的電勢能在數值上等於把電荷從這點移動到電勢能為0處的電場力所做的功。此處可與重力場類比。
3、電勢的概念
電場中某點的電荷與它電量的比值叫電勢。電勢是反映電場能的性質，是標量。電勢=W/q單位V。通常取大地電勢為0。沿著電場線的方向電勢是減小的。
4、電勢差的概念
2點電勢的差叫電勢差，中學階段一般取電勢差的絕對值。
4、等勢面
電場中電勢相同的各點構成的面叫做等勢面，等勢面一定和電場線垂直。
5、電場力做功有關的公式
W=qEd，適用於勻強電場，W為電場力對電荷做的功，q為電荷的電荷量，E為場強，d為沿場強方向的距離。
W=qUab，W為電場力對電荷做的功，q為電荷電荷量，Uab為a、b2點電勢差。
此處概念多且抽象，估計計算題不會為難大家，但選擇填空可能會出個幾題，不會很難。
第九章 電路
本章大家對之都比較熟悉，筆者就簡略了一點。
A 簡單串聯、並聯組合電路
1、電流的形成
自由點和在外加電場作用下定向移動形成電流。
2、串並聯電路特點
廢言不多曰了。
3、串聯、並聯組合電路
由於不能畫圖，只是說下要點。
組合電路中，常以等效替代的思想解題，比如：把2個並聯的用電器的合電阻當成一個電阻等。
B 電功 電功率
1、純電阻電路與非純電阻電路
純電阻電路：電路的用電器本質都是電阻的電路，即僅將電能轉化為內能的電路，燈的光能也是由內能轉化的。
非純電阻電路：電路中的用電器有把電能轉化為其它不為內能的能量，如電機等，此時歐姆定律不在適用。
記住3個公式P=UI，適用於所有電路。
P=RI^2,P=U^2/R,此2個公式均適用於純電阻電路。
C 多用電表的使用
1、用多用電表測電阻
（1）將紅表筆插入多用表正極，黑表筆插入負極；
（2）將多用電調制歐姆檔*1k歐或*100（初次測應將量程調大點）；
（3）將兩表筆相接，此時指針指向最右，調動旋鈕使指針指向右側歐姆檔的0刻度處；
（4）將2表筆與待測電阻（與原電路斷開）兩端接觸；
（5）讀數，將次數乘以所選倍數（如指針指向36，倍數檔為*100，則阻值為3600歐姆）；
（6）將2表筆與電阻斷開，將表筆拔出，將多用表調制交流高壓檔或OFF檔；
2、用多用電表測電壓
（1）將紅表筆插入多用表正極，黑表筆插入負極；
（2）將多用表調制伏特檔5V（盡量接近1.5伏，但要大於它）；
（3）將2表筆與待測干電池兩端接觸；
（5）讀數，根據比例折算（不過誰都知道干電池1.5伏）；
（6）將2表筆與干電池斷開，將表筆拔出，將多用表調制交流高壓檔或OFF檔；

3、用多用電表測電流
原理與測電壓相似。
D 簡單邏輯電路
電信號分2類：數字信號與模擬信號。數字電路的基本單元是邏輯電路，邏輯電路都用最基本的3個門電路組成，即「與門」，「或門」，「非門」。此3門的符號和真值表要牢記，此處不在贅述。
E 自動控制與模塊機器人
了解門電路的應用和熱敏電阻等基本常識……
拓展教材
1、電動勢的概念
電動勢E是描述電源把其他形式能轉化為電能本領強弱的物理量，單位伏特，符號V。電動勢數值上等於電路斷路時2端電壓。
此處牽涉幾個概念：
a、外電路：電源以外的電路，即初中研究的部分電路。
b、內電路：電源內部電路。
c、端壓：即路端電壓，外電路電壓。
d、內壓：內電路電壓。
e、外電阻：外電路的合電阻。
f、內阻：電源內部電阻，數值上等於電路短路時的E/I，E為電源電動勢。
2、閉合電路（全電路）的歐姆定律
閉合電路的電流跟電源電動勢成正比，跟內外電路的電阻之和成反比。I=E/(R+r)，
其中I為總電流，E為電動勢R為外電路總電阻，r為電源內阻。
此處可能有計算題，求電動勢的題一般會說閉合電鍵怎麼怎麼樣，斷開電鍵怎麼怎麼樣，本質上就是告訴你關於E和r的2組關系，列一個方程組就OK了。也可能會在選擇題里考到改變全電路中的電阻問端壓變化，此處只需把相應的公式列出來再分析就行了。
*3、電阻定律
BH物理考過一次，還是簡單說下吧。R=pl/S，R為導體電阻，p為導體電阻率與其材料有關，l為導體長，S為導體橫截面積。

❿ 高中物理電場的解題技巧

對於一些電廠的話，一定要注意它的變化量，然後再帶入公式。